介绍

一、题目

在数组中的两个数字如果前面一个数字大于后面的数字,则这两个数字组成一个逆序对。输入一个数组,求出这个数组中的逆序对的总数。

举例分析

例如在数组{7, 5, 6, 4 中, 一共存在5 个逆序对,分别是(7, 6)、(7,5),(7, 4)、(6, 4)和(5, 4)。

二、解题思路

第一种:直接求解

顺序扫描整个数组。每扫描到一个数字的时候,逐个比较该数字和它后面的数字的大小。如果后面的数字比它小,则这两个数字就组成了一个逆序对。假设数组中含有n 个数字。由于每个数字都要和O(n)个数字作比较, 因此这个算法的时间复杂度是O(n^2)。

第二种:分析法

我们以数组{7, 5, 6, 4}为例来分析统计逆序对的过程。每次扫描到一个数字的时候,我们不能拿它和后面的每一个数字作比较,否则时间复杂度就是O(n^2),因此我们可以考虑先比较两个相邻的数字。

这里写图片描述

  如图5 . 1 ( a )和图5.1 ( b)所示,我们先把数组分解成两个长度为2的子数组, 再把这两个子数组分别拆分成两个长度为1 的子数组。接下来一边合并相邻的子数组, 一边统计逆序对的数目。在第一对长度为1 的子数组{7}、{5}中7 大于5 , 因此(7, 5)组成一个逆序对。同样在第二对长度为1 的子数组{6}、{4}中也有逆序对(6, 4)。由于我们已经统计了这两对子数组的逆序对,因此需要把这两对子数组排序( 图5.1 ( c)所示),以免在以后的统计过程中再重复统计。

这里写图片描述

 图中省略了最后一步, 即复制第二个子数组最后剩余的4 到辅助数组中. (a) P1指向的数字大于P2指向的数字,表明数组中存在逆序对.P2 指向的数字是第二个子数组的第二个数字, 因此第二个子数组中有两个数字比7 小. 把逆序对数目加2,并把7 复制到辅助数组,向前移动P1和P3. (b) P1指向的数字小子P2 指向的数字,没有逆序对.把P2 指向的数字复制到辅助数组,并向前移动P2 和P3 . (c) P1指向的数字大于P2 指向的数字,因此存在逆序对. 由于P2 指向的数字是第二个子数组的第一个数字,子数组中只有一个数字比5 小. 把逆序对数目加1 ,并把5复制到辅助数组,向前移动P1和P3 .

接下来我们统计两个长度为2 的子数组之间的逆序对。我们在图5.2 中细分图5.1 ( d)的合并子数组及统计逆序对的过程。

我们先用两个指针分别指向两个子数组的末尾,并每次比较两个指针指向的数字。如果第一个子数组中的数字大于第二个子数组中的数字,则构成逆序对,并且逆序对的数目等于第二个子数组中剩余数字的个数(如图5.2 (a)和图5.2 (c)所示)。如果第一个数组中的数字小于或等于第二个数组中的数字,则不构成逆序对(如图5.2 (b)所示〉。每一次比较的时候,我们都把较大的数字从后往前复制到一个辅助数组中去,确保辅助数组中的数字是递增排序的。在把较大的数字复制到辅助数组之后,把对应的指针向前移动一位,接下来进行下一轮比较。

经过前面详细的诗论, 我们可以总结出统计逆序对的过程:先把数组分隔成子数组,然后再统计出两个相邻子数组之间的逆序对的数目。在统计逆序对的过程中,还需要对数组进行排序。如果对排序算法很熟悉,我们不难发现这个排序的过程实际上就是归并排序。

三、解题代码

public class Test {

    public static int inversePairs(int[] data) {
        if (data == null || data.length < 1) {
            throw new IllegalArgumentException("Array arg should contain at least a value");
        }

        int[] copy = new int[data.length];
        System.arraycopy(data, 0, copy, 0, data.length);

        return inversePairsCore(data, copy, 0, data.length - 1);
    }

    private static int inversePairsCore(int[] data, int[] copy, int start, int end) {

        if (start == end) {
            copy[start] = data[start];
            return 0;
        }

        int length = (end - start) / 2;
        int left = inversePairsCore(copy, data, start, start + length);
        int right = inversePairsCore(copy, data, start + length + 1, end);

        // 前半段的最后一个数字的下标
        int i = start + length;
        // 后半段最后一个数字的下标
        int j = end;
        // 开始拷贝的位置
        int indexCopy = end;
        // 逆序数
        int count = 0;

        while (i >= start && j >= start + length + 1) {
            if (data[i] > data[j]) {
                copy[indexCopy] = data[i];
                indexCopy--;
                i--;
                count += j - (start + length); // 对应的逆序数
            } else {
                copy[indexCopy] = data[j];
                indexCopy--;
                j--;
            }
        }

        for (; i >= start;) {
            copy[indexCopy] = data[i];
            indexCopy--;
            i--;
        }

        for (; j >= start + length + 1;) {
            copy[indexCopy] = data[j];
            indexCopy--;
            j--;
        }
        return count + left + right;
    }
}